Resoluções Ângulos em um triângulo
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Resoluções Ângulos em um triângulo
Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 Resoluções Segmento: Pré-vestibular Coleção: Alfa, Beta e Gama Disciplina: Matemática Volume: 1 Unidade IV: Série 2 Ângulos em um triângulo 1. a) 2x + 80° + 40° = 180 2x + 120° = 180° 2x = 60° x = 30° b) 40° + 4x + x = 180° 5x = 140° x = 28° c) x − 10° + x = 90° 2x = 100° x = 50° ɵ = BCA = x . d) Como AB = AC, temos que ABC x + x + 100° = 180° 2x = 180° x = 40° ɵ = BCA = BAC = x . e) Como AB = AC = BC, temos que ABC x + x + x = 180° 3x = 180° x = 60° f) Pelo teorema do ângulo externo, temos: 70° + x = 110° x = 40° g) Pelo teorema do ângulo externo, temos: x + 100° = 60° + 90° x = 50° 1 Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 2. a) Note que: α + x = 90° ∴ x = 30° α + 30° = 90° b) Da figura, temos: 50° + α = 90° ∴ α = 40° α + β = 90° ∴ β = 50° β + x = 90° ∴ x = 40° c) Do triângulo menor: x + 20° + α = 90° Do triângulo maior: 80° + α = 90° Logo: x + 20° = 80° ∴ x = 60° 2 Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 3. E Note que α + 140° = 180° ∴ α = 40°. Como t // s temos que α = β, isto é, β = 40°. Pelo teorema do ângulo externo temos: x + 90° = 120° + 40° ∴ x = 70° 4. B Prolonguemos o segmento MN. Como AC // MN , α = β e pelo teorema do ângulo externo, β + 90° = 4x. Logo: α + 90° = 4α 90° = 3α 30° = α 5. Do triângulo ABT e do ângulo externo, temos: 60° + α = 100° ∴ α = 40° Assim, do triângulo ACT, temos: 40°+ 100° + x = 180° ∴ x = 40° 3 Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 6. D Prolonguemos um dos lados. Note que, pelo teorema do ângulo externo temos: α = 35° + 70° ∴ α = 105° Logo, x = 40° + α ∴ x = 145°. 7. A Como o triângulo ABC é isósceles de base BC, temos: 2α = 2β, isto é α = β. Do triângulo BPC, temos: 100° + α + β = 180° 100° + α + α = 180° α = 40° Do triângulo ABC, temos: x + 2α + 2β = 180° x + 4αx = 180° x + 4 ⋅ 40° = 180° x = 20° 4 Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 8. Pelo teorema do ângulo externo temos: α = a + b; β = g + h; γ = e + f; θ = c + d Como PQ // RS , temos: α + β = 180° a + b + g + h = 180° ⇒ ⇒ a + b + c + d + e + f + g + h = 360° γ + θ = 180° e + f + c + d = 180° 9. Como AD é bissetriz, então BAD = DAC = x , assim: x + b + β = 180° ∴ x + b + β = x + c + α ∴α − β = b − c x + c + α = 180° Como queríamos demonstrar. 10. ɵ =x. a) Como AD = BD, então BAD = ABD Pelo teorema do ângulo externo, BDC = x + x = 2x . Como BD = BC, então BDC = BCD = 2x . ɵ = BCA = 2x . Como AB = AC, então ABC Assim, temos a seguinte figura: Logo: x + 2x + 2x = 180° 5x = 180° x = 36° 5 Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 ɵ = x. b) Como AD = DE, então DEA Pelo triângulo ADE e pelo teorema do ângulo externo, temos EDC = 2x . DE = EC ∴ EDC = ECD = 2x . Pelo triângulo ACE e do teorema do ângulo ɵ = 3x , logo: externo, temos que CEB ɵ = EBC ɵ = 3x EC = BC ∴ CEB ɵ = 3x AB = AC ∴ ACB = ABC Obtemos a figura. Assim: x + 3x + 3x = 180° 7x = 180 180° x= 7 11. E Como AC = CD, temos CDA = CA D . Assim, x + x + 30° = 180° ∴ x = 75°. Como AB = BC, temos BAC = BCA . Assim, x + x + y = 180° ∴ 75° + 75° + y = 180° ∴ y = 30° ∴ x + y = 105° 6 Pré-vestibular – Matemática Caderno 1 – Unidade IV – Série 2 12. B Como a figura foi obtida a partir de uma dobradura, temos que PA = PM, isto é, PAM = PMA = a . Assim, pelo teorema do ângulo externo, temos: a + a = b ∴ b = 2a 7
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